Слайд №2 |
 |
Содержание Повторение теоретического материала План решения задач Движение по горизонтали Движение по вертикали Движение по наклонной
плоскости Домашнее задание |
Слайд №3 |
 |
Законы Ньютона I закон: Существуют такие системы отсчета относительно которых поступательно движущееся тело сохраняет свою скорость постоянной, если на него не действуют другие тела , или действия других тел скомпенсированы. II закон: Сила, действующая на тело, равна произведению массы
тела на сообщаемое этой силой ускорение. F = ma III закон: Тела действуют друг на друга с силами, равными по модулю и противоположными по направлению
F1 = — F2 |
Слайд №4 |
 |
Виды сил: Сила тяжести
приложена к центру тела,
всегда направлена вертикально вниз Fт = mg Сила упругости
возникает при деформации тела, пропорциональна его удлинению и направлена противоположно направлению смещения частиц тела при деформации.
При малых деформациях для модуля силы выполняется закон Гука:
mg Fупр = k| x| x = 0 Fупр x x = 0 x Fупр |
Слайд №5 |
 |
Виды сил упругости: N Т N Т Т1 Сила натяжения нити
Приложена к центру тела.
В случае, если нить невесома,
нерастяжима, одинакова в
любой части нити
Вес тела
Это сила упругости, приложенная
к горизонтальной опоре
или вертикальному подвесу P P Сила реакции опоры
Приложена к центру тела, всегда
направлена перпендикулярно
поверхности, на которой
находится тело |
Слайд №6 |
 |
Силы трения Виды трения: покоя, скольжения, качения. Сила трения приложена к телу и направлена вдоль поверхности соприкасающихся тел в сторону, противоположную направлению движения тела, предполагаемого движения (когда мы пытаемся сдвинуть тело с места) Исключением является случай, когда
одно тело начинает движение по
поверхности другого тела.
Здесь сила трения направлена
в сторону движения тела и является
той силой, которая приводит
его в движение Fтр1 Fтр2 Максимальная сила трения покоя
( скольжения ) пропорциональна силе
нормального давления Fтр1 Fтр2 Fтр1 Fтр2 Для удобства можно изображать силу трения от центра тела |
Слайд №7 |
 |
План решения задач 3. Выполнить рисунок, на котором обозначить направления
координатных осей, ускорения и всех сил, приложенных к телу . 4. Для каждого тела записать в векторном виде уравнение второго закона Ньютона, перечислив в его правой части в любом порядке все силы, приложенные к телу 5. Записать полученные в п. 4 уравнения в проекции на оси координат. 7. Найти численное значение неизвестной величины, если этого
требует условие задачи. 6. Из полученного уравнения (системы уравнений) в буквенной форме выразить неизвестную величину. 1. Записать краткое условие задачи («Дано», «Найти») 2. Перевести, по необходимости, единицы измерения в стандарты СИ. 8. Записать ответ. |
Слайд №8 |
 |
Движение тел по горизонтали Какая горизонтальная сила потребуется, чтобы тело массой 2 кг,
лежащее на горизонтальной поверхности, начало скользить по ней
с ускорением 0,2 м/с2 ? Коэффициент трения принять равным 0,02. Дано: m=2 кг ? = 0,02 а = 0,2 м/с2 F — ? Решение: 1 mg Fтр N F а X ma = mg + Fтр + N + F 3 Ох : ma = 0 — Fтр + 0 + F (1) Оу : 0 = — mg + 0 + N + 0 (2) из (2) : mg =N , т. к. Fтр = ?N , получим уравнение (1) в виде: ma = -?mg+ F Откуда F = ma + ?mg
4 2 5 Вычислим F= 0,79 Н Ответ: F= 0,79 Н
у |
Слайд №9 |
 |
m1g Два тела массами 50 г и 100 г связаны нитью и лежат на гладкой
горизонтальной поверхности. С какой силой можно тянуть первое
тело, чтобы нить, выдерживающая максимальную силу
натяжения 5 Н, не оборвалась? Дано: m1= 50 г = 0,05 кг m2= 100 г = 0,1 кг F — ? Т = 5 Н N1 F N2 Т Т m2g Решение: Х У а m1a = m1g + Т + N1 + F m2a = m2g + Т + N2 1 2 3 m1a = – Т + F (1) Ох : m2a = Т (2) 4 Выражая из (2) : а = Т/m2 ,
и подставляя в (1), получим m1 Т/m2 = – T + F F = m1 T/m2 + Т 5 F = 0,05 кг . 5Н/ 0,1 кг + 5 Н = 7,5 Н Ответ: F= 7,5 Н
|
Слайд №10 |
 |
Движение по вертикали Два тела, связанные друг с другом, поднимают на нити вертикально
вверх, прикладывая силу 5 Н. Масса первого тела 100 г , второго
200 г. Определите ускорение, с которым движутся тела и силу
натяжения нити. Дано: m1= 100 г = 0,1 кг m2= 200 г = 0,2 кг a — ? T — ? F = 6 Н 1 m1g T T F m2g а m1a = m1g + Т+ F m2a = m2g + Т 2 Решение: Оy: m1a = — m1g — Т + F (1) 3 У 0 m2a = — m2g + Т (2) Сложим (1) и ( 2) : 4 m1a + m2a = — m1g + F — m2g F — m2 g — m1g m1 + m2 a = , Т = m2 (g + a) 5 a = 10 м/с2 Т = 4 Н Ответ: a = 10 м/с2, Т = 4 Н
|
Слайд №11 |
 |
К концам легкой нити, перекинутой через невесомый блок,
подвешены грузы массами 2 кг и 1 кг. Определите ускорение грузов.
T Дано: m1= 2 кг m2= 1 кг а — ? У 0 m2g m1g T а а Решение: 1 m1a = m1g + Т m2a = m2g + Т 2 Оy: — m1a = — m1g + Т (1) 3 m2a = — m2g + Т (2)
4 Вычтем из (2) (1) и выразим а : m2a + m1a = m1g — m2g a = m1g — m2g m2+ m1 5 a = 9,8 м/с2 (2 кг– 1 кг) 1 кг + 2 кг = 3,3 м/с2 Ответ: а = 3,3 м/с2
|
Слайд №12 |
 |
Движение по наклонной плоскости ВАЖНО ПОМНИТЬ mg N F Fтр. Для тела, расположенного
на наклонной плоскости ,
целесообразно выбирать оси
координат таким образом, чтобы
ось Ох располагалась вдоль,
а ось Оу – перпендикулярно
наклонной плоскости
(не нужно путать целесообразность
с обязательностью)
а Тогда для проекции сил на оси координат
получим следующие выражения: Fх. = Fcos а, Fу = Fsin а
mgх. = mgsin а , mgу = — mgcos а
Nx = 0, Ny = N Fтр x= — Fтр., Fтр у = 0 .
|
Слайд №13 |
 |
На брусок массой m действует горизонтальная сила F, параллельная
основанию наклонной плоскости с углом при основании a. С каким
ускорением движется брусок к вершине, если коэффициент трения ? ? mg N F Fтр. а У Х 0 а Дано: Решение: F ; m; a; ? а — ? ma = mg + Fтр + N + F 1 2 3 Оx: ma = – Fтр – mgsin а + Fcos а (1) Оy: 0 = – mgcos а +N – Fsin а (2) 4 из (2): N = mgcos а + Fsin а , Fтр = N ? = ? (mgcos а + Fsin а)
ma = – ? (mgcos а + Fsin а) – mgsin а + Fcos а – ? (mgcos а + Fsin а) — mgsin а + Fcos а m Ответ: – ? (mg cos а + Fsin а) — mgsin а + Fcos а a = m a = |
Слайд №14 |
 |
а ? m1g m2g N1 N2 T T У У Х Х а а С каким ускорением будут двигаться грузы массами 2 кг и 4 кг,
если а =300, ? =600. Найти натяжение нити. Блоки и нить невесомы, трением пренебречь.
m1= 2 кг m2= 4 кг Дано: а =300 ? =600 а — ? Решение: 1 2 Удобно выбрать для каждого тела свою
систему координат (как на рисунке) m1a = m1g + Т+ N1 m2a = m2g + Т + N2 3 Оx: m1a = – m1gsin а + Т (1) Оy: 0 = – m1gcos а +N1 (2)
Оx: m2a = m2gsin ? – Т (3) Оy: 0 = – m1gcos ? + N2 (4)
4 Складывая (1) и (3), и выражая
ускорение, получим: g (m2sin ? — m1sin а)
a = m2+ m1 Т = 17,8 H T = m1a + m1gsin а 5 a = 4 м/с2 Ответ: а = 4 м/с2 , T = 17,8 H
|
Слайд №15 |
 |
Домашнее задание Автодрезина ведет равноускоренно две платформы массами 12 т и 8 т. Сила тяги, развиваемая дрезиной , равна 1,78 кН. Коэффициент трения равен 0,06. С какой слой натянута сцепка между платформами?
Тело массой 50 кг придавлено к вертикальной стене силой 4 Н. Какая сила необходима для того, чтобы перемещать его вертикально вверх с ускорением 0,2 м/с2, если коэффициент трения 0,5 ?
К концам легкой нити, перекинутой через невесомый блок, подвешены грузы массами 2 кг и 1 кг. Систему грузов вместе с блоком поднимают вертикально вверх с ускорением 1 м/с2. Определите ускорения грузов.
К концам троса, перекинутого через блок, привязаны бруски с массами m1= m и m2 = 4m, находящиеся на гладкой наклонной плоскости с углом наклона 300. При каком минимальном значении коэффициента трения между брусками они будут покоиться?
|
Слайд №16 |
 |
Список литературы Г. Я. Мякишев. Физика: Учебник для 10 кл. общеобразовательных учреждений / Г. Я. Мякишев, Б. Б. Буховцев, Н. Н.Сотский. – М. : Просвещение, 2008.
Кирик Л. А. Физика – 9. Разноуровненые самостоятельные и контрольные работы. – М.: Илекса, 2003.
Задачи вступительных экзаменов в МФТИ . ЗАВЕРШИТЬ ПОКАЗ |